2023届高考单科滚动检测卷 XJC(一)1物理试卷试卷答案

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9.AD【解析】由图乙可知,当F=6N时,二者刚好滑动,此时小滑块的加速度为$$2m/s^2,$$,由牛顿第二定律可得a=,解得动摩擦因数k=0.2,A项正确;当F=6N时,二者刚好滑动,以后拉力增大,滑块的加速度不变,所以当F=8N时,小滑块的加速度为$$2m/s^2,B$$项错误;当F=6N时,小滑块的加速度为$$2m/s^2,$$对整体分析,由牛顿第二定律有F=(M+m)a,代入数据解得M+m=3kg,,当F>6N时,由牛顿第二定律得$$a=F-mgM=1MF-mM,$$由图线的斜率$$k=1M=26-4=1,$$,解得M=1kg,m=2kg,C项错误;若拉力作用在小滑块上,当F=9N时,若发生相对滑动,对小滑块由牛顿第二定律可得a’=对板有g=Ma”,解得$$a’=4m/s^2>a’,$$不合理,故二者保持相对静止一起加速,且$$a=FM+m=3m/s^2,D$$项正确。

12.(1)AC(2分) (2)BD(2分) ( 3 ) 1 { x _ { 3 } + x _ { 4 } } { 2 t } ( 11分)0.26(2分) 0.50(1分)②大(1分) 【解析】(1)使用打点计时器时需要用电压合适的交流电源;处理纸带时需要用刻度尺,而质量不需要测量,对于时间,可通过打点计时器来确定,故A、C项正确,B、D、E项错误。 (2)实验操作时,将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处,先接通电源,再释放纸带,故B、D项正确,A、C项错误。 (3)①电源的频率为50Hz时,它每隔0.02s打一个点,由于每5个点取一个计数点,则相邻计数点的时间间隔为t=0.1s。根据匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度,可以求出打纸带上的“3”点时小车的瞬时速度大小。v _ { 3 } = { x _ { 3 } + x _ { 4 } } { 2 t } = { 2 . 3 8 + 2 . 8 8 } { 0 . 2 } { 1 0 ^ { – 2 } } m / s 0 . 2 6 m / s;根据匀变速直线运动的推论公式 x = a T ^ { 2 }可以求出加速度的大小,得 aa = { x _ { 6 } + x _ { 5 } + x _ { 4 } – x _ { 3 } – x _ { 2 } – x _ { 1 } } { 9 t ^ { 2 } } = { 3 . 8 7 + 3 . 3 9 + 2 . 8 8 – 2 . 3 8 – 1 . 9 0 – 1 . 4 0 } { 9 0 . 1 ^ { 2 } } { 1 0 ^ { – 2 } } m / s ^ { 2 }≈0.50 m/s² 。 0 . 5 0 m / s ^ { 2 } 。 ②如果在某次实验中,交流电的频率为49 Hz,根据运动学公式 x = a T ^ { 2 }计算时周期T偏小,所以测量的加速度值与真实的加速度值相比是偏大的。

D.弹簧的最大弹性势能小于物块A下降过程中减少的重力势能(点O、A、B、C在同一竖直平面内),重力加速度大小为14.如图所示,一只半径为R的半球形碗固定不动,碗的内壁光滑,碗口水平,O点为球心,A、B均为碗内壁上的点,且A点是最低点,B点与圆心等高,C点是圆弧AB的中点有一质量为m的小球静止在碗底部,现对小球施加一水平恒力F,则(AD)A.若$$F=34mg,$$小球将不可能到达B点B.若F=2mg,小球从最低点到其轨迹最高点过程中重力势能增量为4mgRC.若F=mg,小球经过C点时,合力的功率最大D.若F=2mg,小球从最低点到其轨迹最高点过程中机械能的增量为6mgR15.如图所示,ABCD是一条长轨道,其中AB段是倾角为θ的斜面,CD段是水平的,BC

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