衡水金卷先享题 2022-2023学年度高三一轮复习摸底测试卷 摸底卷(二)物理试题答案

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9.AD【解析】由图乙可知,当F=6N时,二者刚好滑动,此时小滑块的加速度为$$2m/s^2,$$,由牛顿第二定律可得a=,解得动摩擦因数k=0.2,A项正确;当F=6N时,二者刚好滑动,以后拉力增大,滑块的加速度不变,所以当F=8N时,小滑块的加速度为$$2m/s^2,B$$项错误;当F=6N时,小滑块的加速度为$$2m/s^2,$$对整体分析,由牛顿第二定律有F=(M+m)a,代入数据解得M+m=3kg,,当F>6N时,由牛顿第二定律得$$a=F-mgM=1MF-mM,$$由图线的斜率$$k=1M=26-4=1,$$,解得M=1kg,m=2kg,C项错误;若拉力作用在小滑块上,当F=9N时,若发生相对滑动,对小滑块由牛顿第二定律可得a’=对板有g=Ma”,解得$$a’=4m/s^2>a’,$$不合理,故二者保持相对静止一起加速,且$$a=FM+m=3m/s^2,D$$项正确。

14.解:(1)设小球到达B点的速度为v _ { 1 } ,,因为到达B点时管壁对小球的弹力大小为小球重力大小的7倍,所以有7 m g – m g = m { v _ { 1 } ^ { 2 } } { R }(2分) 由动能定理有 m g 2 R = { 1 } { 2 } m v ^ { 2 } – { 1 } { 2 } m v _ { 1 } ^ { 2 } (2分) 设小球在管道最高点时管道对小球的作用力大小为N,则由牛顿第二定律有N + m g = { m v ^ { 2 } } { R } (1分)解得N=mg,方向向下(1分)所以由牛顿第三定律可得小球对管道的压力大小为nng,方向向上. (1分) (2)由平抛运动规律得R = { 1 } { 2 } g t ^ { 2 } (1分)R+x=vt(1分)解得落点C与A点的水平距离x=R.(1分)

解:(1)由能量守恒定律得:质子到达x轴的动能为$$E=2E0$$……2分$$E0=12mv0^2$$……1分$$E=12mv^2$$……1分设质子到达x轴时的速度与x轴的夹角为θ,;$$,=v0v$$……1分解得:$$=45^$$……1分$$(2)h=12at^2$$……1分$$x=v0t$$……1分$$vy=at$$……1分$$vy=v0$$……1分x=2h……1分$$(3)qEx=E0$$……1分$$qEx=Ek-E0$$……1分$$EK=3E0$$……1分

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