2022-2023学年湖南省长沙市宁乡市高二（下）期末物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）
1. 在世纪，科学家就对原子的结构、组成及能量进行了实验和分析。请你根据所学习的物理学史，判断下列说法中正确的是( )
A. 汤姆孙在研究阴极射线时，认识到原子具有核式结构
B. 在粒子散射实验中，有极少数粒子发生了大角度偏转，是它与原子中的电子发生了碰撞所导致的
C. 玻尔原子模型否定了核式结构，完美地揭示了微观粒子的运动规律
D. 玻尔原子理论告诉我们，原子发光时产生线状谱
2. 我国研制的新型防空驱逐舰采用“双波段雷达”系统。雷达发射波段电磁波频率为，波段电磁波频率为。与波段相比，波段的电磁波( )
A. 在空气中的波长更短 B. 在空气中传播速度更大
C. 衍射更明显 D. 光子能量更小
3. 风筝由中国古代劳动人民发明，南北朝时是传递信息的工具；到了宋代的时候，放风筝成为人们喜爱的户外活动。一平板风筝悬停在空中，如图为风筝的侧视图，风筝平面与水平面的夹角为，风筝受到空气的作用力垂直于风筝平面向上。若拉线长度一定，不计拉线的重力及拉线受到风的作用力，一段时间后，风力增大导致作用力增大，方向始终垂直于风筝平面，夹角不变，再次平衡后相比于风力变化之前( )
A. 风筝所受的合力变大 B. 风筝距离地面的高度变大
C. 拉线对风筝的拉力与水平方向的夹角变小 D. 拉线对风筝的拉力变小
4. 一位同学自制一简易气温计：向一个空的铝制饮料罐中插入一根内部粗细均匀的透明细吸管，接口用密封胶密封，在吸管内引入一小段染色的液柱长度可忽略，在吸管上标注温度值。如果不计大气压的变化，即形成了一个简易气温计。已知罐的容积为，吸管有效长度为，横截面积为，当气温为时，液柱离管口，下列说法正确的是( )
A. 该“气温计”所能测量的最高气温约为
B. 该“气温计”所能测量的最高气温约为
C. 该“气温计”刻度一定不均匀
D. 如果气压降低了，则测量值将较真实值偏小
5. 如图所示，一宽度为的光滑导轨与水平面成角，磁感应强度大小为的匀强磁场垂直于导轨平面向上，导轨上端连有一阻值为的电阻，导轨电阻不计。一质量为，电阻也为的金属棒从导轨顶端由静止释放，设导轨足够长，重力加速度为，下列说法正确的是( )
A. 金属棒将做匀加速运动
B. 释放的瞬间金属棒的加速度大小为
C. 金属棒的最大速度大小为
D. 金属棒下滑相等距离的时间内通过定值电阻的电荷量越来越多
6. 如图所示为电子束焊接机的装置原理示意图，其核心部件由高压辐向电场组成，图中虚线表示电场线。一电子在图中点只在电场力的作用下从静止开始运动，则下列说法正确的是( )
A. 电子可能做圆周运动
B. 电子受到的电场力逐渐减小
C. 电子所在位置的电势逐渐升高
D. 电子电势能逐渐增大
7. 近年，无线充电技术得到了广泛应用，其简化的充电原理图如图所示。发射线圈所加电压为的家用交流电、匝数为匝，接收线圈的匝数为匝。若工作状态下，穿过接收线圈的磁通量约为发射线圈的，忽略其它损耗，下列说法正确的是( )
A. 接收线圈的输出电压的有效值约为
B. 发射线圈与接收线圈中电流之比约为：
C. 发射线圈与接收线圈中交变电流的频率之比约为：
D. 发射线圈中的磁通量变化率与接收线圈的磁通量变化率相同
二、多选题（本大题共4小题，共20.0分）
8. 学校举办大型活动，用无人机捕捉精彩瞬间。如图是根据无人机控制器上的速度数据作出启动后无人机的速度图线，为水平方向速度，为竖直方向速度。无人机的总质量为，，则下列说法正确的是( )
A. 在时间内，无人机处于超重状态
B. 在时间内，无人机做匀变速直线运动
C. 在内，无人机机械能增量为
D. 在内，无人机升力的冲量大小为，方向竖直向上
9. 如图所示，甲为氢原子的能级图，乙为研究光电效应的实验电路图。用一束能量为的电子束轰击一群处于基态的氢原子，氢原子就会发生跃迁，被激发后的氢原子不稳定，向低能级跃迁，辐射出的光子照射到用逸出功是钨做成极的光电管上。关于本次实验，下列说法中正确的是( )
A. 激发后氢原子能辐射出种不同频率的光子
B. 氢原子辐射出的各种频率光都能使钨做成极发生光电效应
C. 乙图中，若将滑动变阻器滑片右移，微安表的示数可能为零
D. 乙图中，若将电源反接，电路中不可能有光电流产生
10. 如图所示，两块相同的玻璃等腰三棱镜置于空气中，两者的面相互平行放置，由红光和蓝光组成的细光束平行于面从点射入，通过两棱镜后，变为从、两点射出的单色光，对于这两束单色光( )
A. 红光在玻璃中传播速度比蓝光小
B. 从点射出的为红光，从点射出的为蓝光
C. 从、两点射出的单色光不平行
D. 从、两点射出的单色光平行，且平行于
11. 在学习机械波内容时，物理老师让一同学玩了“抖绳”，把两根相同绳子的一端固定在一点，用双手分别握住绳子的另一端，上下抖动绳子使绳子振动起来图甲以手的平衡位置为坐标原点，图乙是同学右手在抖动绳子过程中某时刻的波形，若右手抖动的频率是，下列说法正确的是( )
A. 该时刻点的位移为
B. 再经过，点到达平衡位置
C. 该时刻点的振动方向沿轴正方向
D. 从该时刻开始计时，质点的振动方程为
第II卷（非选择题）
三、实验题（本大题共2小题，共18.0分）
12. 心室纤颤是一种可能危及生命的疾病。一种叫作心脏除颤器的设备，通过一个充电的电容器对心颤患者皮肤上的两个电极板放电，让一部分电荷通过心脏，使心脏完全停止跳动，再刺激心颤患者的心脏恢复正常跳动。某学习小组同学利用系统研究某超级电容器的充电和放电过程，实验电路原理如图甲所示，电源为输出电压恒为的学生直流稳压电源，实验前电容器已充分放电。
先将单刀双掷开关置于，给电容器进行充分的充电。然后将单刀双掷开关置于，通过电阻的电流______ 填“从到”或“从到”。
将单刀双掷开关置于时，电流传感器将电流信息传入计算机，屏幕上便显示出如图乙所示的图像。据此可以估算出电容器的电容约为______ 。计算结果保留三位有效数字
若换另一个较小的电阻，其余条件不变，进行实验，则电容器的放电时间将______ 填“变长”“变短”或“不变”。
13. 在做“探究加速度与力、质量的关系”实验中，若二个实验小组分别采用如图甲、乙所示的实验装置来做实验。已知他们使用的小车完全相同，小车的质量为，重物的质量为，试回答下列问题：
则甲、乙实验中，必须平衡小车和长木板之间摩擦力的实验小组有______ 。
若用上面的甲装置得如图所示的纸带，已知打点计时器所使用的交流电频率为，则小车的加速度为______ 保留两位有效数字。你认为该同学实验时选用的、的比例关系合理吗？______ 填“合理”，“不合理”
四、简答题（本大题共2小题，共20.0分）
14. “海豚号”是我国自主研发的一款智能化救援设备，能够在洪水激流等恶劣天气下行驶，遇到险情时，只需将海豚一号抛入水面即可快速精准航行至落水人员身边，将其拖拽到安全区域。某次无人施救船测试，无人船从静止出发，做匀加速运动后达到最大功率，此时无人船速度，接着立即做匀减速运动，匀减速运动了的距离后速度变为零，恰好到达目标位置。已知无人船质量为，运行过程中受到水的阻力恒定且大小为，不计空气阻力，取，求：
在上述测试中无人船发动机匀加速过程提供的动力和匀减速过程中提供的阻力大小；
若改变施救方式，无人船以恒定最大功率启动直到目标位置时速度，求运动的时间。
15. 某发光元件在达到正向导通电压后才能够发光，不导通时，其电阻可视为无限大。如图所示，将该元件通过水平直导线接入光滑竖直平行导轨中，该导轨间距，下方处有一根导体棒水平跨接在导轨上，紧接正下方的导轨间交替分布着垂直纸面方向，磁感应强度，宽度的匀强磁场，除发光元件外，其余电阻不计，导轨足够长，重力加速度，空气阻力不计。
锁定，在正上方空间里施加一垂直纸面向外均匀增加的匀强磁场，当磁感应强度的变化率为时，元件恰好能发光，求的值并确定元件的正向电流方向；
撤去上方的磁场同时解除锁定，元件再次发光时到达的磁场区域序号。
五、计算题（本大题共1小题，共14.0分）
16. 跳台滑雪是一项具有很强观赏性的运动项目。为了更好地感受跳台滑雪这项运动的魅力，现将其简化为如下的物理模型：光滑滑道由助滑道、水平起跳区和倾角为的斜面着陆坡平滑连接而成。可视为质点的运动员质量，从离高为处由静止出发，滑至点时水平飞出，落到斜面上的点。忽略所有阻力，取重力加速度，，。求：
运动员从点飞出时的速度大小；
运动员从点运动到点的时间；
运动员从点运动到点的动量变化
答案和解析
1.【答案】
【解析】解：、汤姆孙在研究阴极射线时，发现了电子，提出了“枣糕”式原子模型。卢瑟福在研究粒子散射实验时，认识到原子具有核式结构，故A错误；
B、在粒子散射实验中，有极少数粒子发生了大角度偏转，是它与原子中的原子核发生了碰撞所导致的，故B错误；
C、玻尔原子模型没有否定核式结构，他首先把普朗克的量子假说推广到原子内部的能量，来解决卢瑟福原子模型在稳定性方面的困难，故C错误；
D、玻尔原子理论成功地解释了氢原子光谱，他告诉我们，原子发光时产生线状谱，故D正确。
故选：。
本题考查近代物理学史，根据相关科学家的物理学成就和物理常识进行解答。
本题考查对物理学史、常识的识记能力，对于类似知识要注意平时的积累与记忆。
2.【答案】
【解析】解：、由题可知，波段雷达的频率大，由公式可知，在空气中的频率大的波段电磁波的波长比波段电磁波的波长更短，故A正确；
B、波段雷达的频率大，波段雷达在空气中的折射率大，根据公式，可知在空气中的传播速度要小，故B错误；
C、波段电磁波的波长比波段电磁波的波长小，根据发生明显衍射的条件可知，在传播过程中遇到障碍物时，波段的电磁波比波段电磁波更容易发生明显衍射，故C错误；
D、波段雷达的频率大，根据公式，可知波段的电磁波的光子能量大于波段的光子能量，故D错误。
故选：。
由公式判断；根据公式判断；根据发生明显衍射的条件判断；根据公式判断。
本题以我国研制的新型防空驱逐舰采用“双波段雷达”系统为背景，考查了电磁波在实际问题中的应用，要明确公式和公式的应用。
3.【答案】
【解析】解：风筝悬停在空中，可得风筝所受的合力为零，合力保持不变，故A错误；
对风筝受力如图
B.设拉线长为，则风筝距地面高度为
则风筝距离地面的高度变大，故B正确。
如图所示为风筝受力示意图，风力为时，重力为，拉线拉力为，构成矢量三角形；当风力变大为时，重力不变，拉线拉力变为，构成矢量三角形。根据矢量三角形边长关系可知，拉线拉力变大，拉线对风筝的拉力与水平方向的夹角变大，故CD错误；
故选：。
风筝悬停在空中，可得风筝所受的合力为零，当风力增大后再次达到平衡，风筝所受合力仍然为零；合力保持不变。
风力变大，风筝向上飞，受力会发生变化，再次悬停，受力再次平衡。做题时需要通过矢量三角形的边角关系辅助理解。
学生做题时需注意，同一个题目中，力的矢量三角形中，边越长，意味着力越大。
4.【答案】
【解析】解：设该“气温计”所能测量的最高气温为
根据题意，封闭气体做等压变化，由盖吕萨克定律可得
其中
联立解得
则有，故A正确，B错误；
C.根据盖吕萨克定律可知，空气的体积和温度成正比，即
则有
又
联立可得
即温度的变化量与距离的变化量成正比，则该“气温计”刻度分布均匀，故C错误；
D.当气体温度不变，气压降低时，根据玻意耳定律可知，气压降低，气体体积增大，细管内的染色液柱向右移动，测量的温度值偏大真实温度其实没有变化，即温度测量值将较真实值偏大，故D错误。
故选：。
封闭气体做等压变化，由盖吕萨克定律求解“气温计”所能测量的最高气温；
C.根据盖吕萨克定律求解温度变化量与体积变化量的关系，再分析开氏温度变化量与摄氏温度变化量的关系、气体体积变化量与细管中气柱长度变化量的关系，然后作答；
D.吸管上的温度刻度值左低右高，当气体温度不变，气压降低时，根据玻意耳定律分析气体体积的变化，从而分析测量的温度的变化。
本题主要考查了一定质量气体的等压变化，解题的关键点是分析出气体状态参量的变化，结合盖吕萨克定律即可完成分析；难点在于气压降低引起的误差分析。
5.【答案】
【解析】解：、对金属棒，根据牛顿第二定律，有
根据闭合电路欧姆定律，有
联立得：，可知金属棒先向下做加速度减小的加速运动，后做匀速直线运动，故A错误；
B、释放的瞬间金属棒所受安培力为零，由以上分析知加速度大小为，故B错误；
C、当金属棒的加速度为零时，此时速度最大，则有
解得最大速度为：，故C正确；
D、金属棒下滑过程中通过定值电阻的电荷量为
所以：，可知通过定值电阻的电荷量与时间无关，则下滑相等距离的时间内通过定值电阻的电荷量相等，故D错误。
故选：。
对金属棒，根据牛顿第二定律以及安培力公式，分析加速度的变化情况，判断其运动性质；根据牛顿第二定律求释放的瞬间金属棒的加速度大小。当金属棒的加速度为零时，速度最大，根据平衡条件求解最大速度。推导出电荷量与磁通量变化量的关系，再分析定值电阻的电荷量与时间的关系。
本题分析时，要抓住安培力与速度的关系，分析加速度的变化情况，知道金属棒的加速度为零时，速度最大。还要知道通过定值电阻的电荷量与磁通量变化量有关，与运动时间无关，
6.【答案】
【解析】解：电子在图中点只在电场力的作用下从静止开始运动，则电子会沿直线运动，故A错误；
B.由甲图中电场线疏密程度可知，电子在加速过程中电场力逐渐变大，故B错误；
C.沿电场线方向电势降低，电子只在电场力作用下由静止逆着电场线方向运动，所以电子所在位置的电势逐渐升高，故C正确；
D.根据电势能与电势的关系，负电荷在电势高的地方电势能小，所以电子电势能逐渐减小，故D错误。
故选：。
根据电子的受力情况分析运动情况；根据电场线的疏密程度得出场强的大小关系，根据电极的接法分析电势，根据电场力的做功类型结合功能关系分析出电子的电势能的变化趋势。
本题主要考查了电势能与电场力做功的关系，能根据电场线判断出场强和电势的大小关系，结合功能关系即可完成分析。
7.【答案】
【解析】解：、发射线圈的电压：
穿过接收线圈的磁通量约为发射线圈的，则有：
代入数据联立解得：
故A正确；
B、由于漏磁，接收线圈与发射线圈的功率不相等，接收线圈与发射线圈中电流之比：：：：
故B错误；
C、发射线圈与接收线圈中磁通量变化的频率相等，则发射线圈与接收线圈中交变电流的频率相同，故C错误；
D、穿过接收线圈的磁通量约为发射线圈的，则穿过发射线圈的磁通量变化率与穿过接收线圈的磁通量变化率不相同，故D错误。
故选：。
根据穿过接收线圈的磁通量约为发射线圈的，穿过发射线圈的磁通量变化率与穿过接收线圈的磁通量变化率不相同，结合法拉第电磁感应定律进行解答；由于漏磁，接收线圈与发射线圈中电流之比不等于匝数反比；发射线圈与接收线圈中磁通量变化的频率相等。
本题主要是考查了变压器的知识；解答本题的关键是知道理想变压器的电压之比等于匝数之比，在只有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比，而本题中的变压器不是理想变压器，上面的结论不成立。
8.【答案】
【解析】解：，无人机竖直方向向上做匀加速直线运动，具有竖直向上加速度，故无人机处于超重状态，故A正确；
B.，无人机水平方向做匀加速直线运动，竖直方向向上做匀加速直线运动，根据甲、乙图像，合速度与合加速度不在一条直线上，故做匀变速曲线运动，故B错误；
C.，始末状态动能不变，故无人机机械能增量为重力势能的增加量，即
故C正确；
D.在内，根据动量定理，有
所以
所以无人机升力的冲量大小为，方向竖直向上，故D错误。
故选：。
具有竖直向上加速度，是超重状态；
判断合速度与合加速度是否共线，分析运动为匀变速曲线运动；
，始末状态动能不变，无人机机械能增量为重力势能的增加量；
根据动量定理和冲量定义，分析无人机升力的冲量大小。
本题综合性较强，考查学生对超重现象、运动合成分解规律、动量定理等的掌握，难度较高。
9.【答案】
【解析】解：根据氢原子的能级图可知，电子束能量可以使基态氢原子被激发到第能级，而大量处于第能级的氢原子向低能级跃迁时产生的光子种数为，故A正确；
B.要使钨做成极发生光电效应，应满足，由到能级，辐射出的光子能量最小为，不能发生光电效应，故B错误；
C.乙图中，若将滑动变阻器滑片右移，反向电压增大，光电子克服电场力做功，当光电子的最大初动能小于光电子需要克服的电场力的做功时，光电子不能达到阳极，电路中无光电流，所以微安表的示数可能为零，故C正确；
D.乙图中，若将电源反接，对光电管加正向电压，若发生了光电效应电路中有光电流产生，故D错误。
故选：。
A.电子束能量可以使基态氢原子被激发到第能级，根据大量原子发生跃迁时产生的光子的种数分析作答；
B.要使钨做成极发生光电效应，应满足；再逐个求解原子跃迁时辐射光子的能量，然后作答；
C.乙图中，若将滑动变阻器滑片右移，反向电压增大，根据电场力做功和动能定理分析作答；
D.乙图中，若将电源反接，对光电管加正向电压，据此分析作答。
本题考查了原子的跃迁，只有大量原子跃迁时，辐射光子的种类数才满足；发生光电效应的条件是入射光的频率大于极限频率，即入射光的能量大于金属材料的逸出功。
10.【答案】
【解析】解：、红光的折射率比蓝光的小，根据，可知红光在玻璃中传播速度比蓝光大，故A错误；
B、红光的折射率小，根据折射定律，作出光路图。
光线经过三棱镜后红光的偏折角小于蓝光的偏折角，进入三棱镜后，从点射出的为红光，从点射出的为蓝光，故B正确；
、两块相同的玻璃等腰三棱镜中间平行部分只是使光发生了侧移。略去侧移因素，整体来看，可以看成一块平行玻璃板，，所以出射光线仍平行。作出光路图如图所示，可知光线在点的折射角与光线在点的入射角相等，据光路可逆，则过点的出射光线与过点的入射光线平行，故从、两点射出的单色光平行，且平行于，故C错误，D正确。
故选：。
红光的折射率比蓝光的小，根据分析两光在玻璃中传播速度大小；根据折射率关系，分析偏折角的大小，从而两光从右侧棱镜射出的位置；根据光路可逆性原理，分析从、两点射出的单色光是否平行。
本题运用光路可逆性原理分析出射光线与入射光线方向关系是关键．对于两种色光的折射率大小要牢固掌握。
11.【答案】
【解析】解：由题可知，波向右传播，根据“同侧法”，质点的振动方向沿轴正方向，故C正确；
由题可知，振幅，频率，波长
圆频率
由于
由于该时刻点得振动方向沿轴负方向，初相位
因此从该时刻开始计时，点的振动方程为
代入数据联立解得
当时，点的位移为
当时点的位移为
点到达平衡位置，故A错误，B正确；
D.从该时刻开始计时，质点从平衡位置向上振动；
因此质点的振动方程为，故D错误。
故选：。
C.根据“同侧法”确定质点的振动方向；
根据已知条件求圆频率，根据与波长的关系求初相位，然后求解点的振动方程；根据振动方程求解时刻的位移和经时刻的位移，然后作答；
D.从该时刻开始计时，质点从平衡位置向上振动，据此求解的振动方程。
本题考查了横波的图像，求解、两质点的振动方程是本题的难点；确定质点的初相位是解题的关键。
12.【答案】从到 变短
【解析】解：将单刀双掷开关置于，根据图甲可知，电容器上极板带正电、下极板带负电，则将单刀双掷开关置于，电容器放电，通过电阻的电流从到。
图像中，图线与时间轴所围几何图形的面积表示电容器极板所带电荷量，根据数格子法可得放电前极板电荷量为
据此可以估算出电容器的电容约为
若换另一个较小的电阻，根据
可知放电电流的最大值增大，由于图像中，图线与时间轴所围几何图形的面积表示电容器极板所带电荷量，即图线与时间轴所围几何图形面积不变，则根据前后图线比较如图虚线所示
可知，电容器的放电时间将变短。
故答案为：从到；，变短。
电容器接电源是充电过程，未接电源为放电过程；
根据图像的物理意义和电容定义式计算电容；
根据欧姆定律确定放电电流与电阻阻值的关系，根据根据电荷量不变即图像面积不变判断放电时间变化。
本题关键掌握充放电的过程物理量的变化及电路特点，掌握图像的物理意义。
13.【答案】甲乙 不合理
【解析】解：为了用小车受到的拉力表示小车所受的合力，甲、乙两个实验都需要平衡摩擦力的影响。
相邻计数点间的时间间隔为：
根据逐差法可得小车的加速度为
在甲装置中，只有当重物的质量远小于小车的质量时，才可认为重物的重力近似等于小车的牵引力；由牛顿第二定律
解得
即不是远大于，故该同学实验时选用的、的比例关系不合理。
故答案为：甲乙；，不合理。
根据力的合成分析判断；
根据逐差法计算小车的加速度，根据牛顿第二定律计算小车、重物质量的关系再进行判断。
本题关键掌握逐差法计算小车的加速度，小车所受合力等于重物重力的条件。
14.【答案】解：匀加速阶段的加速度为
由牛顿第二定律得
解得动力为：
匀减速阶段，有
解得：
由牛顿第二定律得
解得阻力大小为：
无人船施救到达目标位移为
无人船工作时的最大功率为
无人船以恒定最大功率启动直到目标位置的过程，由动能定理得
解得：
答：无人船发动机匀加速过程提供的动力和匀减速过程中提供的阻力大小分别为、；
运动的时间为。
【解析】根据加速度的定义求出匀加速阶段的加速度，由牛顿第二定律求发动机匀加速过程提供的动力。匀减速过程中，根据速度位移公式求出加速度，再由牛顿第二定律求阻力大小。
先求出无人船施救到达目标位移，由求出无人船的最大功率。再根据动能定理求运动时间。
解答本题时，要理解无人船的运动情况，分段运用牛顿第二定律和运动学公式相结合求解动力和阻力。
15.【答案】解：、所围矩形区域的面积为：
由法拉第电磁感应定律得：
代入数据得：
由楞次定律判断电流方向为
解除锁定后，在元件导通前导体棒将做自由落体运动，切割磁感线产生电动势需达到且正向才能发光，设导体棒速度为时恰好导通，由法拉第电磁感应定律得：
解得：
代入数据得：
设恰好导通时导体棒下落高度为，由自由落体运动规律得：
解得：
每区域宽度为，已到达第个磁场区域，由右手定则可知，该磁场区域中产生的电动势方向为反向电压，元件不发光，导体棒继续下落至第个磁场区域时才能发光。故
答：元件恰好能发光时的值为，元件的正向电流方向为；
撤去上方的磁场同时解除锁定，元件再次发光时到达的磁场区域序号为。
【解析】根据法拉第电磁感应定律和楞次定律可以求得电压和电流的方向；
分析下落过程运动情况，根据导体切割磁感线产生的电动势求解元件能发光时导体棒的速度，判断导体棒的位置。
本题是一个综合性的题目，较为复杂，需要掌握法拉第电磁感应定律，运动学公式，导体切割磁感线产生电动势的公式，需要分析好在哪种磁场内电路中有电流，才能使元件闪烁。
16.【答案】解：从静止释放到点，根据动能定理有：
代入数据解得：
运动员从点滑出后，根据平抛运动规律有：
代入数据解得：
根据动量定理可知
代入数据解得：
答：运动员从点飞出时的速度大小为；
运动员从点运动到点的时间为；
运动员从点运动到点的动量变化为．
【解析】运从静止释放到点，根据动能定理可解得动员从点飞出时的速度；
根据平抛运动规律可解得运动员从点运动到点的时间；
根据动量定理解得．
本题考查了动能定理、动量定理与平抛运动的综合运用，掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律是解决本题的关键。
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