2022年湖北省武汉市硚口区中考物理质检试卷（5月份）
一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 关于声现象的描述，下列说法错误的一项是( )
A. 图甲中，上下推动自制哨子的“活塞”，音调就会改变
B. 图乙中，倒车雷达利用次声波传递信息
C. 图丙中，穿越北京动物园的“隔音蛟龙”是在阻断噪声的传播
D. 图丁中，用手拨动张紧的橡皮筋，听到声音的同时，观察到橡皮筋变“胖”变“虚”，这是因为橡皮筋在振动
2. 下列估测不符合实际的是( )
A. 中学生正常步行的速度约为
B. 正常情况下，中学生内脉搏跳动的次数约为次
C. 小型汽车在高速公路的最高行驶速度不得超过
D. 一名中学生从楼沿楼梯走到楼做的功约为
3. 某同学用焦距的凸透镜做探究凸透镜成像规律的实验。调整好蜡烛、凸透镜和光屏的位置后，光屏上刚好得到了烛焰清晰的像，如图所示。关于凸透镜成像规律，下列说法错误的是( )
A. 图中所示的成像特点与照相机成像特点相同
B. 保持凸透镜和光屏位置不动，只将蜡烛向凸透镜移动，光屏上就能得到烛焰清晰的像
C. 保持凸透镜位置不动，只将蜡烛和光屏交换位置，光屏上就能得到倒立放大的像
D. 保持凸透镜位置不动，只将蜡烛移到刻度处，凸透镜所成的像和蜡烛在凸透镜同侧
4. 关于能源和信息，下列说法正确的是( )
A. 核能、太阳能都是一次能源，也是可再生能源
B. 太阳能来源于太阳内部核的裂变反应
C. 核电站中的核反应堆是通过可控聚变反应释放核能的设备
D. “北斗”卫星导航系统是利用电磁波进行定位和导航的
5. 某实验小组用如图所示的装置比较水和煤油的吸热本领，烧杯中水和煤油的质量均为，用两个规格均为“”的电加热器来加热，每隔记录一次温度，整个实验操作无误。水和煤油的温度随时间的变化规律如图乙，下列说法正确的是( )
A. 图线反映的是煤油的温度随时间的变化规律
B. 整个实验过程中煤油升高的温度比水升高的温度高，所以煤油吸收的热量多
C. 电加热器正常工作时，加热效率可达
D. 实验中若电加热器的加热效率相同，则水和煤油的比热容之比为：
6. 运动员们在运动场中展现了矫健身姿，其中涉及到的物理知识，说法正确的是
A. 图甲中，冰壶运动员是通过改变接触面的粗糙程度来增大摩擦力的
B. 图乙中，冰球受到冰球杆的击打运动起来，这说明力可以改变物体的运动状态
C. 图丙中，花滑运动员受到冰面的支持力和他们对冰面的压力是一对平衡力
D. 图丁中，运动员需要站在宽大的滑雪板上滑雪，这是通过增大受力面积来减小压力
7. 年月日时分，神舟十三号载人飞船与空间站组合体完成自主快速交会对接。航天员翟志刚、王亚平、叶光富进驻天和核心舱，中国空间站开启有人长期驻留时代。空间站在大气层外环绕地球运行的速度很快，一天内可以绕地球飞行圈，如图所示为空间站环绕地球运行的情景。下列说法正确的是( )
A. 以地球为参照物，空间站是运动的
B. 空间站在大气层外运行，不受空气阻力，因此它的运动状态保持不变
C. 空间站的太阳能电池板将太阳能直接转化为机械能
D. 王亚平老师在空间站轻松自如地进行飞翔表演，是因为她不受力的作用
8. 小明学习电学知识后，总结了以下几条规律，说法错误的一项是( )
A. 利用半导体材料可以制作二极管、三极管
B. 铁是导体，且铁比铜便宜，所以家庭电路中用铁做导线
C. 发光亮度相当的发光二极管和灯泡，小灯泡的电功率更大
D. 家庭电路中，有时导线长度不够，需要把两根导线连接起来，连接处电阻变大
9. 下列有关电与磁的说法错误的是( )
A. 图甲中，条形磁体两端的磁性最强
B. 图乙中，闭合开关时，小磁针会沿逆时针方向偏转
C. 图丙中，通过扬声器中线圈的电流是交变电流
D. 图丁中，动圈式话筒利用“电生磁”的原理工作
10. 关于家庭电路，下列说法中错误的一项是( )
A. 图甲中，电灯、开关的连接符合安全用电原则
B. 图乙中，人会发生触电事故，此时漏电保护器不会切断电路
C. 图丙中，电线绝缘皮破损，容易造成短路，此时空气开关会迅速切断电路
D. 图丁中，正确使用试电笔接触家庭电路中火线时，流过人体的电流很小，所以不会发生触电事故
11. 一个灯泡上标有“”。表明这个小灯泡正常工作时的电阻标称电阻是，小明同学为了检验小灯泡的标称电阻是否准确，连接了如图甲所示的电路，经检查，连线有错误，后又改正重新连接正确，完成了实验，并画出灯泡的图像如图乙所示。已知电源电压为且保持不变。以下说法正确的是( )
A. 小明原来连接的电路有两个错误
B. 根据图乙的实验数据，可以判断其标称电阻不准确
C. 根据图乙的实验数据可知，小灯泡正常发光时，电路的总功率为
D. 实验过程中滑动变阻器接入电路的最大阻值为
12. 实验小组设计了如图所示的电路，已知电源电压不变，灯泡标有“”字样。将滑动变阻器的滑片置于最右端，闭合开关断开开关时，电压表的示数为，的功率为；再移动滑片至最左端时，电流表的示数为，的功率为；闭合开关和，移动滑片至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为和，已知：：。则下列判断错误的是( )
A. 电源电压为
B. 滑动变阻器的最大阻值为
C. 闭合开关断开开关时，灯泡的最小功率与最大功率之比：
D. 闭合开关和时，电路的最小功率与最大功率之比：
二、填空题（本大题共2小题，共6.0分）
13. 街上工作的雾炮车喷向空中的水雾能使尘埃粒子快速沉降到地面，起到净化空气的作用。
喷向空中的水雾，能起到降温作用，其原因主要是由于水______ 填“比热容大”或“汽化吸热”。
该雾炮车的发动机是柴油机，柴油机四个冲程中的______ 冲程存在化学能转化为内能。
雾炮车匀速前进喷洒过程中，在的路段上用时，则雾炮车的速度是______ 。
14. 如图所示是建筑工地上普遍使用的起重设备，它通过电动机和一个动滑轮将物体提高，现将的钢材以的速度匀速吊起高，钢绳的拉力为，在这个过程中，动滑轮做的有用功为______ ，钢绳拉力做功的功率为______ ，如果利用此电动起重机将的钢材以相同速度提高相同高度，则动滑轮的机械效率将______ 选填“减小”“不变”或“增大”。
三、实验探究题（本大题共4小题，共20.0分）
15. 如图甲所示是某同学探究“光反射时的规律”的实验装置。
将一块平面镜放在水平桌面上，再把一张纸板 ______ 地立在平面镜上，纸板可沿虚线折叠。
为了让不同方向的同学都可以观察到光在纸板上传播的径迹，应选择______ “光滑”或“粗糙”的纸板。
让入射光贴着纸板沿射向平面镜上的点，观察反射光的方向。多次改变入射光的方向，观察并描绘光的径迹，量出入射角和反射角，记录在表中。比较反射角和入射角的大小，是为了探究在光的反射现象中______ 。
实验中还能从平面镜中看到入射光线所成的像图中未画出，当入射角等于时， ______
图乙所示是塔式太阳能电站，它把许多平面镜按照一定的规律排列起来，就可以把太阳光反射后会聚到同一个位置，从而利用太阳能来发电。图丙中，一束太阳光经平面镜上的点反射后到达点，请画出该入射光保留作图痕迹。
16. 在探究“阻力对物体运动的影响”时，
将棉布铺在水平木板上，让小车从斜面顶端由______ 滑下，观察小车滑行的距离；去掉木板上的棉布，重复实验。
由实验可以看出，去掉木板上的棉布，运动的小车所受的阻力减小，向前滑行的距离______ 填“变大”或“不变”或“变小”。
通过该实验______ 选填“能”或“不能”直接推理得出牛顿第一定律。
小车在棉布和木板上运动的距离不同，每次小车克服阻力所做的功______ 选填“相等”或“不相等”。不考虑空气阻力
17. 在“探究影响液体内部压强的因素”实验中，某同学实验的情形如下图所示，、、三幅图中烧杯内的液面相平。酒精的密度为
实验前，应保证形管中两侧液面______ 。
将探头放入液体中如图甲，通过观察形管左右两侧液面产生高度差来判断液体内部压强的大小，这种研究方法是______ 。
通过分析比较、实验现象，可以探究液体内部压强的大小是否跟______ 有关。
某同学发现在步骤中，将探头放入酒精后，形管中的左侧红墨水液面下降了，则此时探头在酒精中的深度约为______ 红墨水的密度近似于水的密度。
18. 小明在测量额定电压为小灯泡电功率时，选择电压恒为的电源、滑动变阻器“”、电压表和电流表等器材，设计了如图甲所示的电路。
图甲中有一根导线尚未连接，请你用笔画线代替导线将电路补充完整。
正确连接电路后，闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表和电压表均无示数，若电路中仅有一处故障，则故障原因不可能是______ 。
A.电流表断路
B.小灯泡断路
C.滑动变阻器断路
排除故障后闭合开关，适当调节滑动变阻器的滑片，小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为______ 。
继续调节滑动变阻器的滑片进行多次实验，小明发现小灯泡的功率变化时，灯丝的电阻也在变化，当小灯泡的电阻为时，小灯泡的实际功率______ 填“大于”、“小于”或“等于”额定功率。
小明对本实验进行了拓展思考，以下探究活动仅用该实验中的器材不能完成的是______
A.测量小灯泡的电阻
B.探究串联电路电流的特点
C.探究电流与电压的关系
小明又将小灯泡换成几个定值电阻探究“电流与电阻的关系”，他保持定值电阻两端的电压为不变，为了安全地完成整个实验，能用到的定值电阻的阻值范围为______ 。
四、计算题（本大题共1小题，共8.0分）
19. 武汉阳逻新港位于天兴洲以东公里的长江岸线上，是将崛起的亿吨级大港。滔滔江水格外垂青荆楚大地，不但在这里留下了少有的深水良港，还留下良好的岸线资源和航道。这个“巨无霸”式的新港占地万平方米，个港口作业区拥有个泊位，每一个港口作业区上都安装了如甲图所示的运载桥，其结构可以缩略成乙图。不工作时，抓斗包括小车悬停在处正下方如图乙，、为支撑柱，上安装了控制室，为横梁最右端，横梁包括控制室的重心可以等效在处。进行装卸工作时，小车带动抓斗在滑轨上运行，将船上的货物通过抓斗的升降、平移，运送到处正下方的运料车中。
使用抓斗将运沙船船上的沙石抓起时，运沙船会______ 上浮、下沉、不变，在图乙中画出支撑柱对横梁施加力的示意图。
运沙船满载时排开水的质量，当它向运载桥行驶时，运料船受到的浮力是多少？
已知横梁包括控制室的总质量为，全长，长，长，长，小车和抓斗的总质量为。运载桥进行装卸工作时抓斗包括小车移到处如图丙，为了避免运载桥倾翻，抓斗最多可以抓起质量为多少吨的沙石？
答案和解析
1.【答案】
【解析】解：、图甲中，保持吹气力度不变，上下推动自制哨子的“活塞”，音调就会改变，故A正确；
B、图乙中，倒车雷达是利用超声波回声定位探测车后的障碍物，故B错误；
C、图丙中，穿过北京动物园的“隔音蛟龙”能有效地阻断噪声传播，故C正确；
D、图丁中，拨动张紧的橡皮筋，橡皮筋变“粗”了，说明发声的物体在振动，故D正确。
故选：。
声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
倒车雷达是利用超声波回声定位探测车后的障碍物；
减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱；
声音是由物体振动产生的。
综合运用声音的产生、声音的三个特征及影响因素、声音的利用、减弱噪声的途径等知识，基础题。
2.【答案】
【解析】解：、中学生正常的步行速度约为，故A正确；
B、正常人内脉搏跳动的次数约为次，故B正确；
C、小型汽车在高速公路的最高行驶速度不得超过，故C错误；
D、中学生的体重约，一层楼的高度在左右，所以中学生从楼走上楼做的功约为，故D正确。
故选：。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3.【答案】
【解析】解：、由图可知，此时，根据时，在光屏上成倒立缩小的实像，故A正确；
B、保持凸透镜和光屏位置不动，只将蜡烛向凸透镜移动，此时物距减小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，应将光屏向右移动就能得到烛焰清晰的像，故B错误；
C、保持凸透镜位置不动，只将蜡烛和光屏交换位置，根据凸透镜成像时，光路是可逆的，即物距变为上次成像时的像距，像距变为上次成像时的物距，在光屏上就能得到倒立放大的实像，故C正确；
D、保持凸透镜位置不动，只将蜡烛移到刻度处，此时，根据时，成正立放大的虚像，像和蜡烛在凸透镜同侧，故D正确。
故选：。
根据时，在光屏上成倒立缩小的实像；
根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答；
根据凸透镜成像时，光路是可逆的；
根据时，成正立放大的虚像，物像同侧。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
4.【答案】
【解析】解：、能在短时间内得到补充的能源属于可再生能源，而核能不属于可再生能源，故A错误；
B、太阳能来源于太阳内部核的聚变反应，故B错误；
C、核电站中的核反应堆是通过可控裂变反应释放核能的设备，故C错误；
D、电磁波可以在真空中传播，“北斗”导航是利用电磁波进行定位和导航的，故D正确。
故选：。
能在短时间内得到补充的能源属于可再生能源；可以从自然界直接获取的能源是一次能源，如煤、石油、天然气、太阳能、风能、水能等；
核能释放能量有核裂变和核聚变两种方式；
电磁波的传播需要介质，电磁波可以在真空中传播。
本题考查学生能源、电磁波等相关知识的掌握情况，属于基础内容的考查，比较简单。
5.【答案】
【解析】解：、加热相同时间，升温慢，根据比较吸热能力的方法，故吸热能力强，故A正确；
B、根据转换法，加热相同时间吸热相同，整个实验过程中煤油升高的温度比水升高的温度高，所以煤油吸收的热量多，故B错误；
C、水吸热为：
；
消耗的电能为
；
电加热器正常工作时，加热效率为
；
故C正确；
根据两种液体的温度随加热时间变化的图象知，加热秒吸热相同，水升高的温度为：；煤油升高的温度为：
；
相同时间加热器放出的热量相同，实验中若电加热器的加热效率相同，则水和煤油吸热相同，根据 可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，则水和煤油的比热容之比为：，故D错误。
故选：。
我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量即比较加热时间，吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量即加热相同的时间，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
根据 求出水吸热多少，根据得出消耗的电能；根据效率公式得出电加热器正常工作时的加热效率；
根据两种液体的温度随加热时间变化的图象得出加热秒吸热相同水升高和煤油升高的温度，根据已知条件，由可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和的运用，为热学中的重要实验。
6.【答案】
【解析】解：、在冰壶运动中，刷冰使冰熔化，在冰壶和冰之间产生水，减小了接触面的粗糙程度，减小摩擦，故A错误；
B、冰球受到冰球杆的击打运动起来，冰球由静止变为运动，这说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；
C、花滑运动员受到冰面的支持力和他对冰面的压力是作用在不同物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故C错误；
D、宽大的滑雪板，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D错误。
故选：。
减小摩擦力的方法有：一是减小压力；二是减小接触面积的粗糙程度；三是用滚动摩擦代替滑动摩擦；四是使接触面分离；
力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态；
二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
此题主要考查增大和减小摩擦力的方法，力的作用效果、二力平衡的条件、减小压强的方法等多个知识点点，考查了学生知识联系生活实际的能力，平时多观察、多思考。
7.【答案】
【解析】解：、由题目可知看见站一天绕地球圈，地球自转周期为一天，故空间站相对地球是运动的，故A正确。
B、空间站不受空气阻力，但是受到地球对它的万有引力作为向心力，运动方向时刻改变，故B错误。
C、太阳能电池板是先将太阳能转化为电能，故C错误。
D、能自由飞翔，是因为王亚平受到地球对她的万有引力作为她做圆周运动的向心力，故D错误。
故选：。
被研究物体相对于参照物，位置发生了改变，就说物体是运动的，反之，就是静止的。
能量之间可以相互转化。
物体速度大小或方向改变了，就说物体的运动状态发生了改变。
本题考查了参照物、能量转化和物体运动状态的改变，属于基础题。
8.【答案】
【解析】解：、半导体具有单向导电性，利用半导体材料可以制作二极管、三极管，故A正确；
B、铜的导电性能比铁的导电性能好，即电阻率小，所以，通常家用电路的电线用铜做导电体，而不用铁，故B错误；
C、将小灯泡换成发光二极管，亮度相当，根据，发光二极管将电能转换成光能的效率更高，发光二极管电功率比小灯泡的小，故C正确；
D、在家庭电路中，导线相互连接处因接触不良，该处的电阻较大，故D正确。
故选：。
半导体指导电能力介于导体和绝缘体之间的材料；
电阻是导体本身的一种性质，影响导体电阻大小的因素有长度、材料，横截面积和温度；其它条件相同时，铜导线的电阻比铁导线的电阻小，即铜的导电性能比铁的导电性能好；选择导线时首先要考虑导体的导电性能；
根据发光二极管能量的转化的分析；
导线相互连接处因为接触不良，易造成电阻变大。
本题考查电功率、半导体、电阻等的了解和掌握，为综合题，难度适中。
9.【答案】
【解析】解：、图甲中，条形磁体的磁极在两端，两端的磁性最强，故A正确；
B、图乙中，根据安培定则，通电螺线管的右端是极，闭合开关时，小磁针会沿逆时针方向偏转，故B正确；
C、图丙中，通过扬声器中线圈的电流是音频电流，是交变电流，故C正确；
D、图丁中，动圈式话筒利用“磁生电”的原理工作，故D错误。
故选：。
磁体的磁极部位磁性最强。
根据安培定则确定通电螺线管的磁极，再确定小磁针的偏转方向。
扬声器是利用磁场对电流的作用来工作的。
动圈式话筒是利用电磁感应现象来工作的。
知道扬声器和动圈式话筒的工作原理；知道磁极、磁体和磁性；会根据安培定则判断通电螺线管的磁极。
10.【答案】
【解析】解：、图甲中，电灯、开关的连接不符合安全用电原则，故A错误；
B、乙图中，人站在绝缘板凳上，双手同时触摸火线、零线，电流不会导向大地，图中电流是从火线经过人体到零线，这种双线触电方式使火线和零线之间的电流始终相等，所以漏电保护器不会工作，故B正确；
C、图丙中，电线绝缘皮破损，容易造成短路，此时空气开关会迅速切断电路，故C正确；
D、图丁中，正确使用试电笔接触家庭电路中火线时，流过人体的电流很小，所以不会发生触电事故，故D正确。
故选：。
为了保证用电安全，家庭电路中控制灯泡的开关应接在火线和灯泡之间；
人体与火线和零线同时接触，会发生双线触电；人站在地上，触摸火线，会发生单线触电；漏电保护器原理是当火线电流比零线电流大太多的话就说明电路的某个地方可能接地漏电，电流从大地导走了，从而切断电路；
空气开关的功能是：当出现短路、过载用电器总功率过大和漏电时，能自动“跳闸”对人或电路起到保护作用；
试电笔的电阻很大，正确使用试电笔接触家庭电路中火线时，流过人体的电流很小。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
11.【答案】
【解析】解：、电流表使用时电流要从电流表正接线柱流入，图甲中电流从电流表的负接线柱流入，电流表连接错误；电路中的电流小于，电流表量程选择错误；滑动变阻器要接“一上一下”两个接线柱，图甲中变阻器接两个上接线柱，变阻器连接错误，故A错误；
B、根据乙图可知灯泡两端电压为时，通过灯泡的电流：，根据欧姆定律可得，小灯泡正常工作时的电阻：，标称电阻准确，故B错误；
C、根据乙图可得灯泡正常发光时的电流：，由计算电路的总功率：，故C正确；
D、变阻器与灯泡串联，当电阻器接入电阻最大时，电路中的电流最小，由乙图可知电路中的最小电流：，灯泡两端的电压：，
根据串联电路的电压规律可得变阻器两端的电压：，
由欧姆定律可得滑动变阻器接入电路的最大阻值：，故D错误。
故选：。
电流表使用时电流要从电流表正接线柱流入，电流表要选择合适的量程，滑动变阻器要接“一上一下”两个接线柱；
根据乙图可知灯泡两端电压为时，通过灯泡的电流，根据欧姆定律计算小灯泡正常工作时的电阻；
根据乙图可得灯泡正常发光时的电流，由计算电路的总功率；
变阻器与灯泡串联，当电阻器接入电阻最大时，电路中的电流最小，由乙图可知电路中的最小电流和灯泡两端的电压，根据串联电路的电压规律计算变阻器两端的电压，由欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的最大阻值。
本题考查电流表和滑动变阻器的使用、欧姆定律、电功率公式以及串联电路的规律，虽然考查内容较多，但难度不大，是基础题。
12.【答案】
【解析】解：、合开关断开开关，将滑动变阻器的滑片置于最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为，灯泡与串联，电流表的示数为，
由于灯泡标有“，”字样，则此时灯泡正常发光，
根据灯泡的额定电压可知此时灯泡两端的电压为，
则根据串联电路的电压特点和欧姆定律可得电源电压：--------------
闭合开关和，移动滑片至某一位置时，灯泡短路，、串联，电压表测量两端的电压，电压表和电流表的示数分别为和，
根据串联电路的电压特点和欧姆定律可得电源电压：--------------
联立解得：，，故A正确；
B、将滑动变阻器的滑片置于最右端，只闭合开关时，灯泡与、串联，电压表测量两端的电压，的功率为；
已知：：，根据可得：：：，所以：：，即：；
根据可得滑动变阻器的最大值为：，故B正确；
C、闭合开关断开开关时，滑动变阻器的滑片置于最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，灯泡的功率最小，此时滑动变阻器两端的电压为，根据可得两端电压为：，
根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可得，灯泡两端电压为：，
则灯泡的最小功率为：；
滑动变阻器的滑片置于最左端时，滑动变阻器接入电路阻值为零，电路电流最大，最大电流是，灯泡正常发光，灯泡的功率最大，
此时灯泡的功率为额定功率：；
所以灯泡的最小功率与最大功率之比为：：：：，故C正确；
闭合开关闭合开关和时，变阻器与串联，滑动变阻器的滑片置于最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，电路的功率最小，
由串联电路的电阻规律可得，电路的总电阻：，
由可得，电路的最小电功率：，
滑动变阻器的滑片置于最左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为，电路为接在电源两极的简单电路，电路电流最大，电路的功率最大，
由可得，电路的最大电功率：，
所以，电路的最小功率与最大功率之比：，故D错误。
故选：。
闭合开关断开开关，将滑片至最左端时，变阻器接入电阻为，灯泡和定值测电阻串联，电流表的示数为，灯泡正常发光，灯泡两端的电压为灯泡的额定电压，根据欧姆定律和串联电路的规律表示出电源电压；
闭合开关和，灯泡被短接，、串联，移动滑片至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为和，根据串联电路的电压特点和欧姆定律得出电源电压的表达式，由于电源电压相等即可求出的电阻和电源电压；
根据功率之比，利用求出将滑动变阻器的滑片置于最右端，只闭合开关时的电流，然后根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大电阻；
闭合开关断开开关时，求出两种情况下的灯泡的最大功率和最小功率即可；
闭合开关和时，根据表示出电路的最小功率与最大功率，再求两者之比。
本题考查了欧姆定律在串、并联电路中的应用，难度较大，明确电路连接和电压表、电流表测量谁的电压和电流，并且标出已知量，这是电学最基本的思路，一定要掌握。
13.【答案】汽化吸热 做功
【解析】解：
喷向空中的水雾在空中散失了，能起到降温作用，是因为水汽化吸热的缘故；
柴油机四个冲程中的做功冲程中，在做功冲程中，燃料燃烧时，化学能转化为内能，然后对外做功时内能又转化为机械能；
雾炮车的速度。
故答案为：汽化吸热；做功；。
汽化是从液态变为气态，汽化吸热；
在做功冲程中，燃料燃烧时，化学能转化为内能，然后对外做功时内能又转化为机械能，；
知道雾炮车匀速前进喷洒过程中的路程和时间，根据求出雾炮车的速度。
本题主要考查了对汽化吸热的了解、做功冲程中能量转化的认识以及对平均速度计算的了解，属综合性知识的考查。
14.【答案】 增大
【解析】解：动滑轮做的有用功：
；
由图知，，钢材上升的速度：
，
拉力的功率：
；
同一滑轮组提起的物体越重，机械效率越高，所以提起的钢材时，动滑轮的机械效率将增大。
故答案为：；；增大。
根据计算有用功；
由计算绳端速度，根据计算拉力的功率；
同一滑轮组提起的物体越重，机械效率越高。
本题考查动滑轮特点、功率公式的灵活应用以及机械效率变化的分析，难度不大。
15.【答案】竖直 粗糙 反射角等于入射角
【解析】解：法线在纸板上，当把纸板竖直地立在平面镜上，法线与镜面垂直，入射光线、法线、反射光线在同一平面内，如果纸板与平面镜不垂直，则镜面的法线不在纸板上，入射光沿纸板照射后，反射光线不在纸板上，则我们在纸板上看不到反射光线；
为了看清楚纸板上的光路，纸板材质应是较粗糙，光线射在上面发生了漫反射，反射光线射向各个方向，无论从哪个角度看，都能看得清楚，在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在纸板上发生了漫反射的缘故；
改变光的入射角度，可以得到的结论是：在光的反射中，反射角等于入射角；
实验中还能从甲平面镜中看到入射光线所成的像图中未画出，当入射角等于时，入射光线与镜面的夹角为，，入射光线所成的像与镜面的夹角也是，；
过镜面作出点的对称点，即为点光源在平面镜中的像，连接点，并延长，得到入射光线，如下图所示：
故答案为：竖直；粗糙；反射角等于入射角；；见解答。
实验过程中法线要与平面镜垂直；
在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在纸板上发生了漫反射而进入我们的眼里；
在光的反射中，反射角等于入射角；
平面镜成像与物体关于镜面对称；
根据平面镜成像的特点知，反射光线好像是由像点发出的，由物与像关于镜面对称，作出像点后，作出反射光线，与镜面的交点为入射点，再完成光路。
此题是探究光的反射定律的内容，要掌握光的反射定律的内容，知道反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角。
16.【答案】静止自由 变大 不能 相等
【解析】解：将棉布铺在水平木板上，让小车从斜面顶端由静止自由滑下，观察小车滑行的距离；去掉木板上的棉布，重复实验。
由实验可以看出，去掉木板上的棉布，运动的小车所受的阻力减小，向前滑行的距离变大；
牛顿第一定律是物体在不受任何外力作用的运动规律，是在实验的基础上通过推理得出的，该实验不能直接推理得出牛顿第一定律。
小车在毛巾、棉布和木板上运动的距离不同，但小车质量不变刚到达斜面底部时的初速度相同，故此时小车的动能是一样的，最后静止时动能为，消耗的动能是相同的，动能转化为内能，故每次小车克服阻力所做的功相等。
故答案为：静止自由；
变大；
不能；、
相等。
由控制变量法，实验时要控制小车刚到达斜面底部时的初速度相同，据此分析；
根据实验现象分析回答；
牛顿第一定律是物体在不受任何外力作用的运动规律，据此分析；
物体的动能大小由物体的质量和速度大小决定，克服摩擦力做了多少功就有多少动能转化为内能。
本题探究“阻力对物体运动的影响”，考查控制变量法、实验过程及做功的实质等知识。
17.【答案】相平 转换法 液体密度
【解析】解：使用前应先观察形管中液面是否相平；若压强计有漏气的地方，软管中的气体和大气相通，等于大气压强，橡皮膜受到压强时，软管内的气体压强几乎不会发生变化，形管两侧液体的高度几乎不变，则说明装置漏气；应拆除软管重新安装；
实验中通过形管液面的高度差来判断液体压强的大小，这用到了转换法，压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变形管中液面高度差的，压强越大，形管液面高度差越大；
比较、两图，控制了液体深度相同，橡皮膜的方向相同，液体的密度不同，可得出结论：液体内部的压强与液体的密度有关，在相同深度时，液体的密度越大，压强越大；
将探头放入酒精中，形管左侧红墨水面下降了，形管左右两侧红墨水面的高度差，由，则，则。
故答案为：相平；转换法；液体深度；。
液体压强计就是利用形管中液面的高度差来体现压强的，使用前要保持形管两端的液面相平；
实验中通过形管液面的高度差来判断液体压强的大小，这用到了转换法，压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变形管中液面高度差的，压强越大，形管液面高度差越大；
探究液体压强跟密度的关系时，保持液体的深度和橡皮膜方向相同；
根据求出酒精产生的压强即为橡皮管红墨水的压强。
本题考查探究影响液体压强大小的因素，属于基本实验考查，其中第问中求液面高度差是易错点，误认为是下降高度。
18.【答案】 小于
【解析】解：灯泡和电流表串联接入电路，电压表应与灯泡并联，如图：；
闭合开关后，发现电流表和电压表的指针均不发生偏转，说明电路断路，则电路出现的故障可能是滑动变阻器断路或电流表断路；不可能是小灯泡断路，因为小灯泡断路，电压表仍有示数且为电源电压；
故选：；
电流表接入电路的量程为，每一小格表示，读图可知小灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为；小灯泡的额定功率为：；
小灯泡正常发光时的电阻：，灯泡的电阻随温度的升高而增大，灯泡的功率越大，灯泡的温度越高，当小灯泡的电阻为时，此时灯泡的电阻小于灯泡正常发光时的电阻，所以灯泡的实际功率小于额定功率；
、用电压表测灯泡两端的电压，用电流表测通过灯泡的电流，根据求出灯泡的电阻，故A可以完成；
B、可将电流表分别串联在电路不同位置，探究串联电路电流的特点，故B可以完成；
C、探究电流与电压的关系要控制电阻不变，而小灯泡的电阻随温度的变化而变化，故C不能完成。
故选：；
电源电压为，探究电流与电阻的关系，要控制电压不变且为，故滑动变阻器两端的电压为，当电路中的电流最大为滑动变阻器允许通过的最大电流时，即时，定值电阻的阻值最小，其阻值；当滑动变阻器移到最大阻值端时，电路中的电流，定值电阻的阻值最大，其阻值，所以定值电阻的阻值范围是。
故答案为：；；；小于；；。
由图甲小灯泡的右接线柱未接入电路，灯泡和电流表串联接入电路，电压表应与灯泡并联；
闭合开关后，发现电流表和电压表的指针均不发生偏转，说明电路断路；
电流表接入电路的量程为，每一小格表示，读图可知小灯泡正常发光时通过灯泡的电流，根据计算小灯泡的额定功率；
根据欧姆定律计算灯泡正常发光时的电阻，灯泡的电阻随温度的升高而增大，灯泡的功率越大，灯泡的温度越高，比较灯泡的电阻的变化可知灯泡的实际功率与额定功率的关系；
逐项分析各选项得出答案；
要探究电流与电阻的关系，要控制电压不变且为，电源电压为，根据串联电路电压的特点滑动变阻器两端的电压为，当电路中的电流最大为滑动变阻器允许通过的最大电流时，定值电阻最小；当滑动变阻器移到最大阻值端时，定值电阻最大，由此求出定值电阻的阻值范围。
本题主要考查测量小灯泡的电功率，串联电路电流、电压、电阻的规律和欧姆定律，其中求灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值要注意灯丝的电阻会改变，求解第问定值电阻的阻值范围时要注意电路中的最大电流。
19.【答案】上浮
【解析】解：运沙船处于漂浮状态，受到的浮力等于自身重力，使用抓斗将运沙船船上的沙石抓起时，运沙船自身重力变小，所以其受到的浮力变小，根据可知运沙船浸入水中的体积变小，所以运沙船会上浮；
支撑柱对横梁施加的力竖直向上，示意图如图：
；
，
根据阿基米德原理可得运料船受到的浮力；
抓斗抓起质量的沙石质量过大时，横梁会绕点转动，根据杠杆平衡条件可得，即，
代入数据可得，
解方程可得，
则沙石的质量：。
答：上浮；见上图；
运料船受到的浮力为；
为了避免运载桥倾翻，抓斗最多可以抓起质量为吨的沙石。
运沙船处于漂浮状态，受到的浮力等于自身重力，使用抓斗将运沙船船上的沙石抓起时，运沙船自身重力变小，所以其受到的浮力变小，根据可知运沙船浸入水中的体积变化；
支撑柱对横梁施加的力竖直向上；
根据阿基米德原理可得运料船受到的浮力，根据计算排开水的重力；
抓斗抓起质量的沙石质量过大时，横梁会绕点转动，根据杠杆平衡条件可得，即，代入数据解方程可得，进一步计算沙石的质量。
本题考查物体的浮沉条件、阿基米德原理、杠杆平衡条件、重力公式的灵活运用，有一定难度。
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